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Divide Combine Tree

解释一下本文可能用到的符号：逻辑与，逻辑或。

关于段的问题¶

我们由一个小清新的问题引入：

对于一个的排列，我们称一个值域连续的区间为段。问一个排列的段的个数。比如，的段有：。

看到这个东西，感觉要维护区间的值域集合，复杂度好像挺不友好的。线段树可以查询某个区间是否为段，但不太能统计段的个数。

这里我们引入这个神奇的数据结构——析合树！

连续段¶

在介绍析合树之前，我们先做一些前提条件的限定。鉴于 LCA 的课件中给出的定义不易理解，为方便读者理解，这里给出一些不太严谨（但更容易理解）的定义。

排列与连续段¶

排列：定义一个阶排列是一个大小为的序列，使得取遍。说得形式化一点，阶排列是一个有序集合满足：

.
.
.

连续段：对于排列，定义连续段表示一个区间，要求值域是连续的。说得更形式化一点，对于排列，连续段表示一个区间满足：

特别地，当时，我们认为这是一个空的连续段，记作。

我们称排列的所有连续段的集合为，并且我们认为。

连续段的运算¶

连续段是依赖区间和值域定义的，于是我们可以定义连续段的交并差的运算。

定义，且。于是连续段的关系和运算可以表示为：

.
.
.
.
.

其实这些运算就是普通的集合交并差放在区间上而已。

连续段的性质¶

连续段的一些显而易见的性质。我们定义，那么有。

证明？证明的本质就是集合的交并差的运算。

析合树¶

好的，现在讲到重点了。你可能已经猜到了，析合树正是由连续段组成的一棵树。但是要知道一个排列可能有多达个连续段，因此我们就要抽出其中更基本的连续段组成析合树。

本原段¶

其实这个定义全称叫作 本原连续段。但笔者认为本原段更为简洁。

对于排列，我们认为一个本原段表示在集合中，不存在与之相交且不包含的连续段。形式化地定义，我们认为且满足。

所有本原段的集合为 . 显而易见，。

显然，本原段之间只有相离或者包含关系。并且你发现 一个连续段可以由几个互不相交的本原段构成。最大的本原段就是整个排列本身，它包含了其他所有本原段，因此我们认为本原段可以构成一个树形结构，我们称这个结构为 析合树。更严格地说，排列的析合树由排列的 所有本原段 组成。

前面干讲这么多的定义，不来点图怎么行。考虑排列 . 它的本原段构成的析合树如下：

在图中我们没有标明本原段。而图中 每个结点都代表一个本原段。我们只标明了每个本原段的值域。举个例子，结点代表的本原段就是。于是这里就有一个问题：什么是析点合点？

析点与合点¶

这里我们直接给出定义，稍候再来讨论它的正确性。

值域区间：对于一个结点，用表示该结点的值域区间。
儿子序列：对于析合树上的一个结点，假设它的儿子结点是一个有序序列，该序列是以值域区间为元素的（单个的数可以理解为的区间）。我们把这个序列称为儿子序列。记作。
儿子排列：对于一个儿子序列，把它的元素离散化成正整数后形成的排列称为儿子排列。举个例子，对于结点，它的儿子序列为，那么把区间排序标个号，则它的儿子排列就为；类似的，结点的儿子排列为。结点的儿子排列记为。
合点：我们认为，儿子排列为顺序或者逆序的点为合点。形式化地说，满足或者的点称为合点。叶子结点没有儿子排列，我们也认为它是合点。
析点：不是合点的就是析点。

从图中可以看到，只有不是合点。因为的儿子排列是。

析点与合点的性质¶

析点与合点的命名来源于他们的性质。首先我们有一个非常显然的性质：对于析合树中任何的结点，其儿子序列区间的并集就是结点的值域区间。即。

对于一个合点：其儿子序列的任意 子区间 都构成一个 连续段。形式化地说，，有。

对于一个析点：其儿子序列的任意 长度大于 1（这里的长度是指儿子序列中的元素数，不是下标区间的长度） 的子区间都不构成一个 连续段。形式化地说，，有。

合点的性质不难证明。因为合点的儿子排列要么是顺序，要么是倒序，而值域区间也是首位相接，因此只要是连续的一段子序列（区间）都是一个连续段。

对于析点的性质可能很多读者就不太能理解了：为什么任意长度大于的子区间都不构成连续段？

使用反证法。假设对于一个点，它的儿子序列中有一个 最长的 区间构成了连续段。那么这个，也就意味着是一个本原段！（因为是儿子序列中最长的，因此找不到一个与它相交又不包含的连续段）于是你就没有使用所有的本原段构成这个析合树。矛盾。

析合树的构造¶

前面讲了这么多零零散散的东西，现在就来具体地讲如何构造析合树。LCA 大佬的线性构造算法我是没看懂的，今天就讲一下比较好懂的的算法。

增量法¶

我们考虑增量法。用一个栈维护前个元素构成的析合森林。在这里我需要 着重强调，析合森林的意思是，在任何时侯，栈中结点要么是析点要么是合点。现在考虑当前结点。

我们先判断它能否成为栈顶结点的儿子，如果能就变成栈顶的儿子，然后把栈顶取出，作为当前结点。重复上述过程直到栈空或者不能成为栈顶结点的儿子。
如果不能成为栈顶的儿子，就看能不能把栈顶的若干个连续的结点都合并成一个结点（判断能否合并的方法在后面），把合并后的点，作为当前结点。
重复上述过程直到不能进行为止。然后结束此次增量，直接把当前结点压栈。

接下来我们仔细解释一下。

具体的策略¶

我们认为，如果当前点能够成为栈顶结点的儿子，那么栈顶结点是一个合点。如果是析点，那么你合并后这个析点就存在一个子连续段，不满足析点的性质。因此一定是合点。

如果无法成为栈顶结点的儿子，那么我们就看栈顶连续的若干个点能否与当前点一起合并。设为当前点所在区间的左端点。我们计算表示右端点下标为的连续段中，左端点的最大值。当前结点为，栈顶结点记为。

如果不存在，那么显然当前结点无法合并；
如果，那么这就是两个结点合并，合并后就是一个合点；
否则在栈中一定存在一个点的左端点，那么一定可以从当前结点合并到形成一个析点；

判断能否合并¶

最后，我们考虑如何处理。事实上，一个连续段等价于区间极差与区间长度 -1 相等。即

而且由于 P 是一个排列，因此对于任意的区间都有

于是我们就维护，那么要找到一个连续段相当于查询一个最小值！

有了上述思路，不难想到这样的算法。对于增量过程中的当前的，我们维护一个数组表示区间的极差减长度。即

现在我们想知道在中是否存在一个最小的使得。这等价于求的最小值。求得最小的就是。如果没有，那么。

但是当第次增量结束时，我们需要快速把数组更新到 i+1 的情况。原本的区间从变成，如果或者都会造成发生变化。如何变化？如果，相当于我们把先减掉再加上就完成了的更新；同理，相当于 .

那么如果对于一个区间，满足的区间都相同呢？你已经发现了，那么相当于我们在做一个区间加的操作；同理，当的区间都想同时也是一个区间加的操作。同时，和的更新是相互独立的，因此可以各自更新。

因此我们对的维护可以这样描述：

找到最大的使得，那么显然，这一段数全部小于，于是就需要更新的最大值。由于是（非严格）单调递增的，因此可以每一段相同的做相同的更新，即区间加操作。
更新同理。
把每一个都减。因为区间长度加。
查询：即查询的最小值的所在的下标。

没错，我们可以使用线段树维护！现在还有一个问题：怎么找到相同的一段使得他们的都相同？使用单调栈维护！维护两个单调栈分别表示。那么显然，栈中以相邻两个元素为端点的区间的是相同的，于是在维护单调栈的时侯顺便更新线段树即可。

具体的维护方法见代码。

讲这么多干巴巴的想必小伙伴也听得云里雾里的，那么我们就先上图吧。长图警告！

实现¶

最后放一个实现的代码供参考。代码转自大米饼的博客，被我加了一些注释。

#include <bits/stdc++.h>
#define rg register
using namespace std;
const int N = 200010;

int n, m, a[N], st1[N], st2[N], tp1, tp2, rt;
int L[N], R[N], M[N], id[N], cnt, typ[N], bin[20], st[N], tp;
//本篇代码原题应为 CERC2017 Intrinsic Interval
// a数组即为原题中对应的排列
// st1和st2分别两个单调栈，tp1、tp2为对应的栈顶，rt为析合树的根
// L、R数组表示该析合树节点的左右端点，M数组的作用在析合树构造时有提到
// id存储的是排列中某一位置对应的节点编号，typ用于标记析点还是合点
// st为存储析合树节点编号的栈，tp为其栈顶
struct RMQ {  // 预处理 RMQ（Max & Min）
  int lg[N], mn[N][17], mx[N][17];
  void chkmn(int& x, int y) {
    if (x > y) x = y;
  }
  void chkmx(int& x, int y) {
    if (x < y) x = y;
  }
  void build() {
    for (int i = bin[0] = 1; i < 20; ++i) bin[i] = bin[i - 1] << 1;
    for (int i = 2; i <= n; ++i) lg[i] = lg[i >> 1] + 1;
    for (int i = 1; i <= n; ++i) mn[i][0] = mx[i][0] = a[i];
    for (int i = 1; i < 17; ++i)
      for (int j = 1; j + bin[i] - 1 <= n; ++j)
        mn[j][i] = min(mn[j][i - 1], mn[j + bin[i - 1]][i - 1]),
        mx[j][i] = max(mx[j][i - 1], mx[j + bin[i - 1]][i - 1]);
  }
  int ask_mn(int l, int r) {
    int t = lg[r - l + 1];
    return min(mn[l][t], mn[r - bin[t] + 1][t]);
  }
  int ask_mx(int l, int r) {
    int t = lg[r - l + 1];
    return max(mx[l][t], mx[r - bin[t] + 1][t]);
  }
} D;
// 维护 L_i

struct SEG {  // 线段树
#define ls (k << 1)
#define rs (k << 1 | 1)
  int mn[N << 1], ly[N << 1];  // 区间加；区间最小值
  void pushup(int k) { mn[k] = min(mn[ls], mn[rs]); }
  void mfy(int k, int v) { mn[k] += v, ly[k] += v; }
  void pushdown(int k) {
    if (ly[k]) mfy(ls, ly[k]), mfy(rs, ly[k]), ly[k] = 0;
  }
  void update(int k, int l, int r, int x, int y, int v) {
    if (l == x && r == y) {
      mfy(k, v);
      return;
    }
    pushdown(k);
    int mid = (l + r) >> 1;
    if (y <= mid)
      update(ls, l, mid, x, y, v);
    else if (x > mid)
      update(rs, mid + 1, r, x, y, v);
    else
      update(ls, l, mid, x, mid, v), update(rs, mid + 1, r, mid + 1, y, v);
    pushup(k);
  }
  int query(int k, int l, int r) {  // 询问 0 的位置
    if (l == r) return l;
    pushdown(k);
    int mid = (l + r) >> 1;
    if (!mn[ls])
      return query(ls, l, mid);
    else
      return query(rs, mid + 1, r);
    // 如果不存在 0 的位置就会自动返回当前你查询的位置
  }
} T;

int o = 1, hd[N], dep[N], fa[N][18];
struct Edge {
  int v, nt;
} E[N << 1];
void add(int u, int v) {  // 树结构加边
  E[o] = (Edge){v, hd[u]};
  hd[u] = o++;
}
void dfs(int u) {
  for (int i = 1; bin[i] <= dep[u]; ++i) fa[u][i] = fa[fa[u][i - 1]][i - 1];
  for (int i = hd[u]; i; i = E[i].nt) {
    int v = E[i].v;
    dep[v] = dep[u] + 1;
    fa[v][0] = u;
    dfs(v);
  }
}
int go(int u, int d) {
  for (int i = 0; i < 18 && d; ++i)
    if (bin[i] & d) d ^= bin[i], u = fa[u][i];
  return u;
}
int lca(int u, int v) {
  if (dep[u] < dep[v]) swap(u, v);
  u = go(u, dep[u] - dep[v]);
  if (u == v) return u;
  for (int i = 17; ~i; --i)
    if (fa[u][i] != fa[v][i]) u = fa[u][i], v = fa[v][i];
  return fa[u][0];
}

// 判断当前区间是否为连续段
bool judge(int l, int r) { return D.ask_mx(l, r) - D.ask_mn(l, r) == r - l; }

// 建树
void build() {
  for (int i = 1; i <= n; ++i) {
    // 单调栈
    // 在区间 [st1[tp1-1]+1,st1[tp1]] 的最小值就是 a[st1[tp1]]
    // 现在把它出栈，意味着要把多减掉的 Min 加回来。
    // 线段树的叶结点位置 j 维护的是从 j 到当前的 i 的
    // Max{j,i}-Min{j,i}-(i-j)
    // 区间加只是一个 Tag。
    // 维护单调栈的目的是辅助线段树从 i-1 更新到 i。
    // 更新到 i 后，只需要查询全局最小值即可知道是否有解

    while (tp1 && a[i] <= a[st1[tp1]])  // 单调递增的栈，维护 Min
      T.update(1, 1, n, st1[tp1 - 1] + 1, st1[tp1], a[st1[tp1]]), tp1--;
    while (tp2 && a[i] >= a[st2[tp2]])
      T.update(1, 1, n, st2[tp2 - 1] + 1, st2[tp2], -a[st2[tp2]]), tp2--;

    T.update(1, 1, n, st1[tp1] + 1, i, -a[i]);
    st1[++tp1] = i;
    T.update(1, 1, n, st2[tp2] + 1, i, a[i]);
    st2[++tp2] = i;

    id[i] = ++cnt;
    L[cnt] = R[cnt] = i;  // 这里的 L,R 是指节点所对应区间的左右端点
    int le = T.query(1, 1, n), now = cnt;
    while (tp && L[st[tp]] >= le) {
      if (typ[st[tp]] && judge(M[st[tp]], i)) {
        // 判断是否能成为儿子，如果能就做
        R[st[tp]] = i, M[st[tp]] = L[now], add(st[tp], now), now = st[tp--];
      } else if (judge(L[st[tp]], i)) {
        typ[++cnt] = 1;  // 合点一定是被这样建出来的
        L[cnt] = L[st[tp]], R[cnt] = i, M[cnt] = L[now];
        // 这里M数组是记录节点最右面的儿子的左端点，用于上方能否成为儿子的判断
        add(cnt, st[tp--]), add(cnt, now);
        now = cnt;
      } else {
        add(++cnt, now);  // 新建一个结点，把 now 添加为儿子
        // 如果从当前结点开始不能构成连续段，就合并。
        // 直到找到一个结点能构成连续段。而且我们一定能找到这样
        // 一个结点。
        do
          add(cnt, st[tp--]);
        while (tp && !judge(L[st[tp]], i));
        L[cnt] = L[st[tp]], R[cnt] = i, add(cnt, st[tp--]);
        now = cnt;
      }
    }
    st[++tp] = now;  // 增量结束，把当前点压栈

    T.update(1, 1, n, 1, i, -1);  // 因为区间右端点向后移动一格，因此整体 -1
  }

  rt = st[1];  // 栈中最后剩下的点是根结点
}
void query(int l, int r) {
  int x = id[l], y = id[r];
  int z = lca(x, y);
  if (typ[z] & 1)
    l = L[go(x, dep[x] - dep[z] - 1)], r = R[go(y, dep[y] - dep[z] - 1)];
  // 合点这里特判的原因是因为这个合点不一定是最小的包含l，r的连续段.
  // 因为合点所代表的区间的子区间也都是连续段，而我们只需要其中的一段就够了。
  else
    l = L[z], r = R[z];
  printf("%d %d\n", l, r);
}  // 分 lca 为析或和，这里把叶子看成析的

int main() {
  scanf("%d", &n);
  for (int i = 1; i <= n; ++i) scanf("%d", &a[i]);
  D.build();
  build();
  dfs(rt);
  scanf("%d", &m);
  for (int i = 1; i <= m; ++i) {
    int x, y;
    scanf("%d%d", &x, &y);
    query(x, y);
  }
  return 0;
}
// 20190612
// 析合树

参考文献¶

刘承奥。简单的连续段数据结构。WC2019 营员交流。

大米饼的博客 -【学习笔记】析合树

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